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?1?时间内:,根据牛顿第二定律可得:??????=1?11??1?=?2??1=2?0?/?2=2?/?21?2?时间内:,根据牛顿第二定律可得:?????=2?12??2联立解得:?=1??,?=,故AB错误;C、2?后撤去外力?,根据牛顿第二定律可得:???=??,解得:?=2?/?233第10页,共22页:..?=?2=2?=1?根据匀变速直线运动规律可得:3?32因此运动的总时间为:?=?+?+?=1?+1?+1?=3?,故C正确;12311D、根据???图像面积即为位移可得:?=(×6×1?×2×2)?=1?,故D错误;22故选:?。(1)根据图乙可以得出每个阶段的加速度,结合牛顿第二定律得出物体质量和摩擦因数;(2)根据牛顿第二定律计算出第三个阶段的加速度,再结合匀变速直线运动规律求出时间;(3)根据???图像所围成的面积为位移计算即可。本题考查了速度与时间图像的题型,解题的关键是搞清楚每个阶段的运动情况和受力情况,在应用面积为位移的方法时注意方向问题。5.【答案】?【解析】解:粒子两种情况下的运动轨迹如图所示(红色为从?点入射,黑色为从?点入射):根据题意可知,从?点入射的粒子在磁场中的偏向角为90°,则粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆心角为:?=90°,根据几何知识可知,粒子做圆周运动的半径为:?=?。保持速度的大小和方向不变,从?点入射时,做匀速圆周运动的半径不变,由磁聚焦的原理,负粒子一定从?点射出场区,由几何关系可知,∠???=30°,偏向角?=90°+?=?×?=120°×2??=2??30°=120°。所以时间,故ABD错误,C正确。360°360°??3??故选:?。作出运动轨迹,而粒子的速度偏向角等于轨迹对应的圆心角,根据几何知识求解粒子做圆周运动的半径;洛伦兹力提供向心力求解粒子做圆周运动的速度;由运动学公式求得?×?求解粒子在磁场中运动的时间。周期,根据?=2?解决该题需要明确知道粒子做圆周运动时,其速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角,能根据几何知识求解圆周运动的半径,熟记半径以及周期公式。6.【答案】?第11页,共22页:..【解析】解:?.椭圆不是一个等势面,在椭圆上移动一试探电荷,电场力做功,故A错误;B.?、?两点位于中垂面上,中垂面是0势面,所以??两点的电势相同,根据矢量合成及对称性可知,场强大小相等,方向均向右,故B错误;,?、?两点的场强相同,将同一个试探电荷分别置于?点和?点,受到的电场力相同,故C正确;:在电场中,两点之间电势的差值叫作电势差,及等量异种电荷的等势线分布可知??两点的电势是相等的,则?=??,故D错误。????故选:?。椭圆不是一个等势面,根据矢量合成可知??两点场强关系;根据对称性可知,?、?两点的场强相同,根据电势差的定义,电势差?=??。????本题考查电势差、电场强度的判断,解题关键掌握电场强度是矢量,合成符合平行四边形定则。7.【答案】??2???【解析】解:??、根据???=?,知?=,粒子离开回旋加速度时的轨道半径?等??于?形盒的半径?,=???=1??2=则带电粒子离开回旋加速器时获得的最大速度?,最大动能?????????2????2?2?2,故A错误,B正确;2?C、回旋加速器利用电场加速粒子,每加速一次,动能增加??,?=???,解得:??????2?2加速次数?=,故C错误;2??2??D、带电粒子在匀强磁场中运动一周的周期?=,与粒子的速度无关;回旋加速器??利用磁场场偏转粒子,每加速一次,在磁场中偏转半周,带电粒子在回旋加速器中加速????2的总时间?=??=,故D错误;22?故选:?。根据洛伦兹力提供向心力得出轨道半径的公式,?形盒的半径,根据半径公式求出离开时的速度大小,,每加速一次,动能增加??,??,偏转半周,运动时间为.??第12页,共22页:..解决本题的关键知道回旋加速器加速粒子的原理,知道带电粒子在磁场中运动的周期与交变电场的周期相同,.【答案】??【解析】解:?、电源的输出功率分别被三个灯泡消耗,即:?=?+?+?,又由于总???????32?16?与?的电功率相等,则:?=?=总=?=8?,故A正确;??22?2??、根据?=,可得?与?的额定电压:?=√??=√16×4?=8?;小灯泡?、?的?????22额定功率、电阻均相同,根据?=和?=??,可知它们的额定电流与额定电压也都??=??=??=8?=1?相等,根据?=??可得?的额定电流:?,故B错误,C正确;????8?1=?1?=?1?=3×8?=24?D、根据可得变压器的输入电压:1?,所以?、?间所加?2?2?21电源的电压为:?=?+?=?+?=24?+8?=32?,故D错误。01?1?故选:??。根据已知的条件求出?与?的电功率;?与?并联,则二者两侧的电压相等;根据电流和匝数的关系可确定电流之比,再根据功率公式即可确定电阻之比;根据变压器的电压比与匝数比求出输入电压,最后求出电源的电压。本题考查变压器原理的应用,要注意理想变压器电压之比等于线圈匝数之比,而电流之比等于线圈匝数的反比,输入功率和输出功率相等。9.【答案】???【解析】解:?、由于?、?两点处弹簧弹力的大小相等,则由胡克定律可知?点的压缩4?量等于?点的伸长量,由几何关系知:??=?????=31??=2?则小球位于?点时弹簧的压缩量为:?=23对?点的小球由力的平衡条件可知:??=??3??解得:?=,故A正确;2?B、当小球运动到?点时,假设小球甲的速度为?,此时小球甲的速度与绳子??垂直,所以物体乙的速度为零,???)?又小球、物体和弹簧组成的系统机械能守恒,则由机械能守恒定律得:4??(cos?第13页,共22页:..12???????=??2解得:8??,故B正确;?=√3C、由于小球在?和?点处,物体乙的速度都为零,在其它过程中,物体乙的速度不等于零,根据?=???可知物体乙重力的瞬时功率不是一直增大,故C错误;D、由于小球在?、?两点处时弹簧弹力的大小相等,即小球在?、?两点处时弹簧的弹性势能相等,则小球由?到?的过程,弹簧的弹性势能先减小后增大,由系统的机械能守恒定律可知,小球甲和物体乙的机械能之和先增大后减小,故D正确。故选:???。由几何关系求解??的大小,从而求出小球位于?点时弹簧的压缩量,对?点的小球由力的平衡条件求解劲度系数;小球、物体和弹簧组成的系统机械能守恒,由机械能守恒定律求解速度大小;根据物体乙的速度变化情况结合?=???分析瞬时功率的变化;根据系统的机械能守恒分析小球甲和物体乙的机械能之和的变化情况。本题主要是考查了功能关系和机械能守恒定律的知识;要知道机械能守恒定律的守恒条件是只有重力或弹力做功,能够分析小球运动过程中弹簧弹性势能的变化情况。10.【答案】??【解析】解:?、三个球与弹簧接触后,在弹力大于重力之前合力向下,仍向下做加速运动,故A错误;B、速度最大的位置为弹簧的弹力大小等于重力的位置,由于?、?两球质量相等,因此两球下落过程中弹力大小等于重力时弹簧的压缩量相等,故?、?两球速度最大的位置在同一高度,故B正确;C、由于?、?两球质量相等,?开始释放的位置比?开始释放的位置高,故?球下落过程中弹簧的最大压缩量比?球下落过程中弹簧的最大压缩量大,由于?、?两球下落过程中弹簧的最大压缩量相同,故C正确;D、?、?两球下落过程中弹簧的最大压缩量相同,故当弹簧压缩量最大时,两弹簧的弹性势能相等,两小球动能均为零,但重力势能与零势能面的选取位置和质量有关,因此?球与弹簧组成系统的机械能和?球与弹簧组成的系统机械能不一定相等,故D错误。故选:??。第14页,共22页:..A、根据接触时合力向下,可以判断小球与弹簧接触后的运动;B、根据小球速度最大满足的条件,利用质量关系,可以判断?、?两球速度最大的位置关系;C、先判断?、?两球下落过程中弹簧的的最大压缩量,再结合题意判断?、?两球下落过程中弹簧的最大压缩量的关系;D、先判断?、?两球的弹性势能和动能关系,再结合重力势能的决定因素判断?、?两球的重力势能,最后判断两球的机械能关系。本题考查功能关系,要注意重力势能的决定因素有质量、高度,以及零势能面的选取位置。11.【答案】???物块?的质量?、物块?的质量??√?=?√?+?√?1211122【解析】解:设物块?的质量是?、物块?的质量是?;碰撞前瞬间?的速度大小是?,120碰撞后瞬间?的速度大小是?,?的速度大小是?,12设物块?与长木板的动摩擦因数为?,?与木板间的动摩擦因数是?,物块在木板上运12动过程,由动能定理得:?????=0?1??211210?????=0?1??2111211?????=0?1??22222,22解得:?=√2???,?=√2???,?=√2???01111222碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得:??=??+??,101122整理得:?√??=?√??+?√??11111222不知道物块与木板间的动摩擦因数,如果两物块与长木板间的动摩擦因数应相同?=1?=?,则?√?=?√?+?√?211122(1)?、为了保证?与?相碰后,?不反弹能继续向前滑行,物块?的质量应大于物块?的质量,故A正确;B、由以上分析可知,为了便于验证动量守恒,应保证物块?、?与长木板的动摩擦因数相同,故B正确;C、只要?从曲面上的同一位置由静止释放,?到达曲面底端的速度都相等,曲面不必光滑,故C错误;D、?点离木板的高度适当大些,可以使?、?碰撞前后的速度较大,在长木板上滑行的第15页,共22页:..距离较远,可以减少实验误差,:???。(2)如果碰撞过程系统动量守恒,则满足?√?=?√?+?√?,除测量?、?、?外,1112212还需要测量物块?的质量?、物块?的质量?。12故答案为:(1)???;(2)物块?的质量?、物块?的质量?;?√?=?√?+?√?。1211122物块在木板上做匀减速直线运动,应用动能定理可以求出物块的速度大小;两物块碰撞过程系统动量守恒定律,应用动量守恒定律求出实验需要验证的表达式,然后分析答题。理解实验原理,分析清楚物块的运动过程,应用动能定理与动量守恒定律即可解题。12.【答案】??【解析】解:(1)根据图甲实验电路,待测电流表?与定值电阻?并联,电流表?测量并12=(?2??1)?联的总电流,由?即可求出电流表?内阻。因电流表?量程为1??,当?满?1?1221200×10?6×500偏时,为使?也接近满偏,定值电阻?的值:?≈?≈125?,所以?应11×10?3?200×10?6选择?。3测量电路部分总电阻约为200?,?,用?=1200?作为保护电阻,可分2得大部分电压,可以使滑动变阻器滑片在大范围内调节,?定值电阻用?比较合理;2(2)?、为测量电压,电流表应串入一个大电阻,开关?应接3。?和?改装成的电流表量13200×10?6×500500×125程为?=(200×10?6+)??=1??,内阻?=?=100?.改装后电压125500+125表的量程?=?(?+?)=1×10?3(2900+100)?=?。1?、根据欧姆表原理,中央刻度等于欧姆表内阻,即?=?=?=1500?,因设??1×10?3置倍率为“×100”,所以标注刻度值为15。?、根据并联电路的分流,??实11际阻值应大于500?。故答案为:(1)?、?;(2)3;、15、大于32(1)根据两个电流表的量程大小及电路结构,由欧姆定律和串并联电路的关系先确定分流电阻?的大概值,再根据?的量程和电源电压求?电阻的大概的值;2(2)?、把小量程电流表改装成大量程电压表需要串联分压电阻,根据电表的改装原理及串并联电流和电压关系求改装电压表的量程;?、欧姆表工作原理是闭合电路的欧姆定律,根据题意应用闭合电路欧姆定律分析答题;第16页,共22页:..?、根据电流表的改装原理分析解答。本题考查多用电表的原理问题,注意由于没有电压表,本实验中采用改装的方式将表头改装为电压表,再根据原实验的研究方法进行分析研究,要掌握欧姆表、电流表、电压表的改装原理,并记住其内部结构及倍率问题等。13.【答案】解:(1)如果乙小球也带正电,通过受力分析可知,小球不可能静止在图中的位置,,甲、乙连线与水平方向的夹角为30°,因此库仑力?与?的反向延长11线的夹角也为30°,根据几何关系得甲、乙间的距离?=√3?1??根据力的平衡:??=?乙?23???2解得:?=乙??(2)由几何关系可知,小球乙与甲的连线与竖直方向的夹角也为30°,因此甲、乙连线的长?=?2??根据力的平衡有:2?乙???30°=???22解得:?=3√3?3???2答:(1)小球乙带负电,带电量为。??(2)小球乙的质量变成了3√3?【解析】(1)根据力的平衡条件结合库仑定律可解得乙的电荷量;(2)结合几何关系与力的平衡条件可解得乙的质量。本题考查库仑定律的应用,解题关键掌握受力分析与共点力平衡条件的应用,注意根据几何关系解的甲乙间距离。第17页,共22页:..14.【答案】解:(1)两金属棒碰撞前,金属棒乙始终静止不动,由于碰撞金属棒甲已经达到匀速运动状态,由于匀速过程中金属棒甲不受磁场力的作用,即金属棒甲中没有电流,所以此时金属棒甲两端的电压为?=?金属棒甲匀速时,感应电动势大小为?′=???0由以上分析可知?′=?=?解得:?;0??(2)设金属棒甲从开始运动到虚线Ⅰ所用的时间为?,这段
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